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Änderungen von Dokument Lösung Lineare Algebra

Zuletzt geändert von akukin am 2026/01/17 12:06
Von Version 2.2
bearbeitet von akukin
am 2026/01/14 10:11
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bearbeitet von akukin
am 2026/01/14 21:58
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Zusammenfassung

Details

Seiteneigenschaften
Inhalt
... ... @@ -2,7 +2,7 @@
2 2  {{detail summary="Erwartungshorizont"}}
3 3  {{formula}}g{{/formula}} ist parallel zur {{formula}}x_1x_3{{/formula}}-Ebene, daher nur zwei Spurpunkte:
4 4  <p></p>
5 -{{formula}}S_{23}(0 \mid -2 \mid 6), \quad S_{12}(-6 \mid -2 \mid 0){{/formula}}
5 +{{formula}}S_{23}(0 \mid -2 \mid 6), \ \ S_{12}(-6 \mid -2 \mid 0){{/formula}}
6 6  {{/detail}}
7 7  
8 8  
... ... @@ -9,7 +9,7 @@
9 9  {{detail summary="Erläuterung der Lösung"}}
10 10  Da die {{formula}}x_2{{/formula}}-Komponente des Richtungsvektors von {{formula}}g{{/formula}} 0 ist, ist {{formula}}g{{/formula}} parallel zur {{formula}}x_1x_3{{/formula}}. Daher existieren nur zwei Spurpunkte.
11 11  <p></p>
12 -Den ersten Spurpunkt erhalten wir, indem wir die erste Geradenzeile gleich 0 setzen und nach {{formula}}r{{/formula}} auflösen:
12 +Den Schnittpunkt mit der {{formula}}x_2x_3{{/formula}}-Ebene erhalten wir, indem wir die erste Zeile der Geradengleichung gleich 0 setzen ({{formula}}x_1=0{{/formula}}) und nach {{formula}}r{{/formula}} auflösen:
13 13  <br>
14 14  {{formula}}0=-1+r\cdot 1 \ \Leftrightarrow 1=r{{/formula}}
15 15  <br>
... ... @@ -17,7 +17,7 @@
17 17  <br>
18 18  {{formula}}\vec{x} = \begin{pmatrix} -1 \\ -2 \\ 5 \end{pmatrix} + 1 \cdot \begin{pmatrix} 1 \\ 0 \\ 1 \end{pmatrix}= \begin{pmatrix} 0 \\-2 \\ 6 \end{pmatrix} \quad \rightarrow \ S_{23}(0 \mid -2 \mid 6){{/formula}}
19 19  <p></p>
20 -Analog ergibt sich der zweite Spurpunkt, indem wir die dritte Geradenzeile gleich 0 setzen:
20 +Analog ergibt sich der Schnittpunkt mit der {{formula}}x_1x_2{{/formula}}-Ebene, indem wir die dritte Zeile der Geradengleichung gleich 0 setzen:
21 21  <br>
22 22  {{formula}}0=5+r\cdot 1 \ \Leftrightarrow -5=r{{/formula}}.
23 23  <br>
... ... @@ -24,7 +24,7 @@
24 24  {{formula}}\vec{x} = \begin{pmatrix} -1 \\ -2 \\ 5 \end{pmatrix} + (-5) \cdot \begin{pmatrix} 1 \\ 0 \\ 1 \end{pmatrix}= \begin{pmatrix} -6 \\-2 \\ 0 \end{pmatrix} \quad \rightarrow \ S_{12}(-6 \mid -2 \mid 0){{/formula}}
25 25  <p></p>
26 26  Die Koordinaten der Spurpunkte lauten somit
27 -{{formula}}S_{23}(0 \mid -2 \mid 6), \quad S_{12}(-6 \mid -2 \mid 0){{/formula}},
27 +{{formula}}S_{23}(0 \mid -2 \mid 6), \ \ S_{12}(-6 \mid -2 \mid 0){{/formula}}.
28 28  {{/detail}}
29 29  
30 30  === Teilaufgabe b) ===
... ... @@ -46,7 +46,40 @@
46 46  
47 47  
48 48  {{detail summary="Erläuterung der Lösung"}}
49 -
49 +Die Gleichung der Geraden {{formula}}h{{/formula}} stellen wir auf, indem wir einen der beiden Punkte, hier {{formula}}A{{/formula}}, als Stützvektor verwenden und als Richtungsvektor den Verbindungsvektor der Punkte {{formula}}A{{/formula}} und {{formula}}B{{/formula}}.
50 +<br>
51 +{{formula}}
52 +\overline{AB}=\begin{pmatrix}1\\1\\0\end{pmatrix} - \begin{pmatrix} 5\\-1\\4\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}-4\\2\\-4\end{pmatrix}
53 +{{/formula}}
54 +<p></p>
55 +Somit:
56 +<br>
57 +{{formula}}h: \ \vec x =\begin{pmatrix}5\\-1\\4\end{pmatrix} + r \cdot
58 +\begin{pmatrix}-4\\2\\-4
59 +\end{pmatrix}, \ r \in \mathbb{R}
60 +{{/formula}}
61 +<p></p>
62 +Wir setzen die beiden Geraden gleich
63 +<br>
64 +{{formula}}
65 +\begin{pmatrix}-1\\-2\\5\end{pmatrix} + s \cdot \begin{pmatrix} 1\\0\\1\end{pmatrix}=\begin{pmatrix}5\\-1\\4\end{pmatrix} + r \cdot\begin{pmatrix}-4\\2\\-4\end{pmatrix}
66 +{{/formula}}
67 +<br>
68 +und erhalten dadurch das LGS
69 +<br>
70 +{{formula}}
71 +\begin{array}{rll}
72 +-1 + s = 5 - 4r & \quad \Leftrightarrow \quad & (1) \ s + 4r = 6 \\
73 +-2 = -1 + 2r & \quad \Leftrightarrow \quad & (2) \ -2r = 1 \\
74 +5 + s = 4 - 4r & \quad \Leftrightarrow \quad & (3) \ s + 4r = -1
75 +\end{array}
76 +{{/formula}}
77 +<br>
78 +Addieren von Zeile {{formula}}(1){{/formula}} und {{formula}}(2){{/formula}} führt zu der falschen Aussage {{formula}}0=5{{/formula}}.
79 +<br>
80 +Das LGS hat somit keine Lösung und die beiden Geraden besitzen keinen Schnittpunkt.
81 +<br>
82 +Die Geraden {{formula}}g{{/formula}} und {{formula}}h{{/formula}} sind zudem nicht parallel, da die Richtungsvektoren keine Vielfachen sind. Somit sind die Geraden windschief.
50 50  {{/detail}}
51 51  
52 52  === Teilaufgabe c) ===
... ... @@ -60,7 +60,27 @@
60 60  
61 61  
62 62  {{detail summary="Erläuterung der Lösung"}}
63 -
96 +Damit die Ebene parallel zur {{formula}}x_1x_3{{/formula}}- Ebene ist, muss ein Richtungsvektor parallel zur {{formula}}x_1{{/formula}}-Achse sein und der andere zur {{formula}}x_3{{/formula}}-Achse.
97 +<br>
98 +Das heißt, wir verwenden die Richtungsvektoren {{formula}}\begin{pmatrix}1\\0\\0\end{pmatrix}{{/formula}} und {{formula}}\begin{pmatrix}0\\0\\1\end{pmatrix}{{/formula}} (oder Vielfache davon).
99 +<p></p>
100 +Damit die Ebene von {{formula}}C{{/formula}} den Abstand {{formula}}2{{/formula}} hat, wählen wir, ausgehend vom Punkt {{formula}}C(0|3|2){{/formula}}, als Stützvektor entweder {{formula}}\begin{pmatrix}0\\1\\2\end{pmatrix}{{/formula}} oder {{formula}}\begin{pmatrix}0\\5\\2\end{pmatrix}{{/formula}}, damit die Differenz der {{formula}}x_2{{/formula}}-Koordinaten {{formula}}2{{/formula}} ist.
101 +<p></p>
102 +Somit ist eine mögliche Lösung
103 +<br>
104 +{{formula}}E: \ \vec x =
105 +\begin{pmatrix}0\\1\\2\end{pmatrix}+ r \cdot
106 +\begin{pmatrix}1\\0\\0\end{pmatrix} + s \cdot
107 +\begin{pmatrix}0\\0\\1\end{pmatrix}; \ r, s \in \mathbb{R}
108 +{{/formula}}
109 +<br>
110 +Eine weitere Lösung wäre
111 +<br>
112 +{{formula}}E: \ \vec x =
113 +\begin{pmatrix}0\\5\\2\end{pmatrix}+ r \cdot
114 +\begin{pmatrix}1\\0\\0\end{pmatrix} + s \cdot
115 +\begin{pmatrix}0\\0\\1\end{pmatrix}; \ r, s \in \mathbb{R}
116 +{{/formula}}
64 64  {{/detail}}
65 65  
66 66  === Teilaufgabe d) ===
... ... @@ -70,7 +70,9 @@
70 70  
71 71  
72 72  {{detail summary="Erläuterung der Lösung"}}
73 -
126 +Da {{formula}}\overrightarrow{AB}\cdot \overrightarrow{BC}=0{{/formula}} gilt, wissen wir, dass {{formula}}\overrightarrow{AB}{{/formula}} und {{formula}}\overrightarrow{BC}{{/formula}} senkrecht auf einander stehen. Die Punkte {{formula}}A, B{{/formula}} und {{formula}}C{{/formula}} bilden somit ein rechtwinkliges Dreieck. Die Strecken {{formula}}AB{{/formula}} und {{formula}}BC{{/formula}} sind dabei die Katheten des Dreiecks.
127 +<br>
128 +Da die Längen der Vektoren {{formula}}\overrightarrow{AB}{{/formula}} und {{formula}}\overrightarrow{BC}{{/formula}} den Längen der Katheten des Dreiecks {{formula}}ABC{{/formula}} entsprechen, wird durch den Term {{formula}} \frac{1}{2} \cdot \Bigl|\overrightarrow{AB}\Bigr| \cdot \Bigl|\overrightarrow{BC}\Bigr| {{/formula}} wird der Flächeninhalt des Dreiecks {{formula}}ABC{{/formula}} berechnet.
74 74  {{/detail}}
75 75  
76 76  === Teilaufgabe e) ===