Lösung Gleichschenkliges Dreieck und Flächeninhalt
- Die Dreiecke \(ABD_k\) und \(ACD_k\) sind rechtwinklig und stimmen in den Längen ihrer Katheten überein, da \(|\overline{AB}|=|\overline{AC}| = 4\) (und beide Dreiecke haben dieselbe zweite Kathete \(\overline{AD_k}\)). Damit sind auch die beiden Hypotenusen gleich lang.
- Da das Dreieck \(BCD_k\) gleichschenklig mit der Basis \(\overline{BC}\) ist, stellt \(\overline{MD_k}\) eine Höhe dieses Dreiecks dar.
Der Flächeninhalt berechnet sich durch\(A = \frac{1}{2} \cdot G \cdot h = \frac{1}{2}\cdot |\overline{BC}|\cdot |\overline{MD_k}| = \frac{1}{2} \cdot \left| \left(\begin{array}{c} -4 \\ 4 \\ 0 \end{array}\right)\right| \cdot \left| \left(\begin{array}{c} -2 \\ -2 \\ k \end{array}\right)\right| = \frac{1}{2} \cdot \sqrt{(-4)^2+4^2+0^2}+ \sqrt{(-2)^2+(-2)^2+k^2} = \frac{1}{2} \cdot \sqrt{32}+ \sqrt{8+k^2}.\) - Da der Koordinatenursprung nicht in \(L_k\) liegt, lässt sich die gesuchte Gleichung in der Form \(ax_1+bx_2+cx_3 = 4\) schreiben. Mit den Koordinaten von \(B, C\) und \(D_k\) ergibt sich
und damit \(L_k = x_1+x_2+ \frac{4}{k}\cdot x_3 =4\).
4. Für \(k>0\) gilt:
5. Enthält \(L_k\) den Punkt \(P(1|0|3)\), so gilt \(L_k = 1 + 0 + \frac{12}{k}= 4 \Leftrightarrow k = 4\)
(alternativ ergibt sich für \(R(0|1|3)\) ebenso \(L_k = 0 + 1 + \frac{12}{k}= 4 \Leftrightarrow k = 4\)).
6. Für \(4 \leq k < 6\): drei Eckpunkte
Für \(3<k<4\): fünf Eckpunkte
Für \(0<k\leq 3\): vier Eckpunkte
7. \(Q_h\) ist derjenige Punkt der Strecke \(\overline{MD_6}\), der die x3-Koordinate \(h\) hat.
Die Gleichung \(\vec{x} = \overrightarrow{OM} + \lambda \cdot \overrightarrow{MD_6} = \left(\begin{array}{c} 2 \\ 2 \\ 0 \end{array}\right) + \lambda \cdot \left(\begin{array}{c} -2 \\ -2 \\ 6 \end{array}\right)\) dieser Strecke liefert für \(\lambda = \frac{h}{6}: x_1=x_2= 2- \frac{h}{3}\).
Damit ergibt sich für die Koordinaten des Punktes \(Q_h(2- \frac{h}{3}|2- \frac{h}{3}|h)\).